在使用多用电表测量时，指针的位置如图所示，若选择开关拨至“×1”挡，则测量的结果为________ ω；若选择开关拨至“50 ma”挡，则测量结果为________ma。

(1)选择开关应调到电阻挡的__________(选填“×1”“×10”“×100”或“×1 k”)位置。

(2)将红、黑表笔分别插入“＋”“－”插孔，把两笔尖相互接触，调节________(选填“s”或“t”)，使电表指针指向________(选填“左侧”或“右侧”)的“0”位置。

(3)将红、黑表笔的笔尖分别与电阻两端接触，电表示数如图乙所示，该电阻的阻值为__________ω。

3．(1)如图为一简易多用电表的内部电路原理图，其中 g为灵敏电流计，s为单刀多掷电键(功能键)，表内直流电源的电动势为 e。由图可知，欲选择电压挡大量程时，应将功能键置于________位置；欲测电阻时，应将功能键置于________位置；欲选择电流挡大量程时，应将功能键置于________位置。(统一填写功能键序号)

a．电源，电动势 e＝3.0 v b．电压表 v 1，量程 3 v，内阻约 5 kω c．电压表 v 2，量程 15 v，内阻约 25 kω d．电流表 a 1，量程 0.6 a，内阻约 0.2 ω e．电流表 a 2，量程 3 a，内阻约 0.04 ω f．滑动变阻器 r 1，最大阻值 5 ω，最大电流为 3 a g．滑动变阻器 r 2，最大阻值 200 ω，最大电流为 1.5 a h．开关 s、导线若干 ①在用伏安法测量该电阻的阻值时，要求尽可能准确，并且待测电阻两端的电压从零开始连续调节，则在上述提供的器材中电压表应选________；电流表应选________；滑动变阻器应选________。(填器材前面的字母代号)②请在虚线框内画出用伏安法测量该电阻阻值时的实验电路图。

4．为了测定一电池的电动势和内电阻，实验室中提供有下列器材：

a．电流表 g(满偏电流 10 ma，内阻 10 ω)b．电流表 a(0～0.6 a～3 a，内阻未知)c．滑动变阻器 r(0～100 ω，1 a)d．定值电阻 r 0(阻值 990 ω)e．开关与导线若干(1)某同学根据现有的实验器材，设计了图甲所示的电路，请按照电路图在图乙上完成实物连线。

(2)图丙为该同学根据上述设计的实验电路利用实验测出的数据绘出的i 1 －i 2 图线，i 1 为电流表g的示数，i 2 为电流表a的示数，由图线可以得到被测电池的电动势e＝________v，内阻 r＝________ω。

5．在“测定一节干电池电动势和内阻”的实验中(1)第一组同学利用如图 a 的实验装置测量，电压表应选择量程________(填“3 v”或“15 v”)，实验后得到了如图 b 的 u－i 图象，则电池内阻为________ω。(电压表、电流表均为理想电表)(2)第二组同学也利用图 a 的连接测量另一节干电池，初始时滑片 p 在最右端，但由于滑动变阻器某处发生断路，合上电键后发现滑片 p 向左滑过一段距离 x 后电流表有读数，于是该组同学分别作出了电压表读数 u 与 x、电流表读数 i 与 x 的关系图，如图 c 所示，则根据图象可知，电池的电动势为________v，内阻为________ω。

6．为了节能环保，一些公共场所使用光控开关控制照明系统。光控开关可采用光敏电阻来控制，光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件(照度可以反映光的强弱，光越强，照度越大，照度单位为 lx)。

中描绘出了阻值随照度变化的曲线。由图象可求出照度为 1.0 lx 时的电阻约为________ kω。

照度/lx 0.2 0.4 0.6 0.8 1.0 1.2 电阻/kω 5.8 3.7 2.8 2.3 1.8(2)如图乙所示是街道路灯自动控制模拟电路，利用直流电源为电磁铁供电，利用照明电源为路灯供电。为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果，路灯应接在________(填“ab”或“bc”)之间，请用笔画线代替导线，正确连接电路元件。

(3)用多用电表“×10 ω”挡，按正确步骤测量图乙中电磁铁线圈电阻时，指针示数如图丙所示，则线圈的电阻为________ ω。已知当线圈中的电流大于或等于2 ma时，继电器的街铁将被吸合。图中直流电源的电动势 e＝6 v，内阻忽略不计，滑动变阻器有三种规格可供选择：r 1(0～10 ω，2 a)、r 2(0～200 ω，1 a)、r 3(0～1 750 ω，0.1 a)。要求天色渐暗照度降低至 1.0 lx 时点亮路灯，滑动变阻器应选择________(填“r 1 ”“r 2 ”或“r 3 ”)。为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地________(填“增大”或“减小”)滑动变阻器的电阻。

参考答案 1．解析 欧姆挡不估读，电流挡估读一位，故读数分别为 18 ω 和 22.8 ma。

(1)选择开关应调到电阻挡的×100 位置。

(2)将红、黑表笔分别插入“＋”“－”插孔，把两笔尖相互接触，调节欧姆零旋钮t，使电表指针指向右侧的“0”位置。

(3)将红、黑表笔的笔尖分别与电阻两端接触，由题图乙所示可知，该电阻的阻值为 11×100 ω＝1 100 ω。

答案(1)×100(2)t 右侧(3)1 100 3．解析(1)多用电表若测电压，应让表头与电阻串联；由题图可知，与电阻串联的接法只有 5 或 4；欲选择电压挡大量程时，应将功能键置于 5位置。要用表头测电阻，则内电路中应有电源，由题图可知，只有接 3 时才能测电阻。测电流时应使表头与电阻并联，接 1 或 2 时可以用来测电流；接 1 时，r 2 与表头串联后再与 r 1 并联，因此 r 1 相对于表头及串联电阻更要小，故测量的量程更大。

(2)①电源的电动势 e＝3 v，电压表应选 b，待测电阻中最大电流约为 i max ＝er x ＝36 a＝0.5 a，故电流表选d，为方便实验操作，滑动变阻器应选较小阻值的，即选 f。

②根据题意得 r vr x r xr a，所以选择电流表外接法，由于待测电阻的电压从零开始可以连续调节，变阻器采用分压式接法。电路图如图所示。

答案(1)5 3 1(2)①b d f ②见解析图 4．解析(1)连接实物图时，注意电流由电源正极出发，由两电流表正接线柱流入，负接线柱流出。(2)电流表 g 与定值电阻串联，可等效为电压表使用，由欧姆定律可知，电流表 g 示数大小等于电源两端电压大小，故i 1 －i 2 图象，实质为u－i图象，其纵截距为电源电动势，e＝9.0 v，斜率绝对值为电源内电阻，即 r＝10.0 ω。

答案(1)实物连线如图(2)9.0 10.0 5．解析(1)因测一节干电池的电动势(1.5 v)，故电压表选择量程 3 v；由 u－i 图象可读出电动势为 1.45 v，由 e＝u＋ir 可得，r＝ e－ui＝1.5 ω。

(2)根据 u＝e－ir 可得，1.35＝e－0.15r，1.20＝e－0.30r。解得 e＝1.5 v，r＝1 ω。

答案(1)3 v 1.5(2)1.5 1 6．解析(1)根据题图甲直接读出对应的照度为 1.0 lx 时的电阻约为 2.0 kω。

(2)光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，所以白天光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；动触点与 c 接触；晚上的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以动触点与 a 接通。所以要达到晚上灯亮、白天灯灭的效果，路灯应接在 ab 之间。电路图如答案图所示。

(3)欧姆表的读数是先读出表盘的刻度，然后乘以倍率，表盘的刻度是 14，倍率是“×10 ω”，所以电阻值是 14×10 ω＝140 ω；天色渐暗照度降低至 1.0 lx 时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值是 2 kω，电路中的电流是 2 ma，r＝ ei －r光 ＝1 000 ω，所以要选择滑动变阻器 r 3。由于光变暗时，光敏电阻变大，分得的电压变大，所以为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地减小滑动变阻器的电阻。

答案(1)2.0(2)ab 如图所示(3)140 r 3 减小

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电学实验习题练

高考物理专题练习二 电学实验 1．(9 分)图甲是测量电阻 r x 的原理图，电流表量程选 0.6 a，标有长度刻度的均匀电阻丝ab 的总电阻为 5 ω，总长为 50.0 cm。

图甲(1)根据原理图连接图乙的实物图。

图乙(2)如图甲所示，合上 s 1 前，应将滑片 p 置于________(填“d”或“e”)端。

(3)断开 s 2，合上 s 1，调节滑动变阻器的滑片 p，使电流表 a 1 的示数为 0.50 a 时，单位长度电阻丝的电压 u＝________v/m。

(4)保持 s 1 闭合，合上 s 2 ；滑动 c 改变 ac 的长度 l，同时调节滑动变阻器的滑片 p，使电流表a 1 的示数为0.50 a；①若电流表内阻不计，c点在ab的中点时，电流表a 2 的示数为0.50 a，则 r x ＝________；②若电流表的内阻不能忽略，测量多组 l 和 i 2 值，描出 l 与 i 2 的图线 如 图 丙 所 示 所 示，从 实 验 原 理 角 度 说 明 图 线 不 过 原 点 的 原 因 是________________________________________________________ ________________；若 l－i 2 图线斜率为 k，电流表 a 1 和 a 2 的内阻均为 r a，则电阻 r x ＝________(用“u、r a、k”表示)。

(1)实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的u－i图象如图甲所示，则可知小灯泡的电阻随电压增大而________(填“增大”、“减小”或“不变”)；实验时应选用的滑动变阻器为________。(填器材前的字母序号)(2)根据图甲，将图乙实验电路中缺少的导线补全(其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压)。

(3)若某次连接时，把 ab 间的导线误接在 ac 之间，合上电键，任意滑动滑片发现都不能使小灯泡完全熄灭，则此时的电路中，小灯泡可能获得的最小功率是________w。(本问中电压表和电流表均视为理想电表，结果保留 2 位有效数字)3．(9 分)某技术质量监督局曾对市场中电线电缆产品质量进行抽查，检验负责人说：“十几个不合格产品中，大部分存在导体电阻不合格问题，主要是铜材质量不合格，使用了再生铜或含杂质很多的铜，电阻率达不到要求……”。

a．电源(电动势约为 6 v，内阻不计)； b．待测长度为 100 m 的导线一捆； c．电压表 v 1(量程为 3 v，内阻为 6 kω)； d．电压表 v 2(量程为 15 v，内阻为 20 kω)； e．电流表 a 1(量程为 0.6 a，内阻约为 0.125 ω)； f．电流表 a 2(量程为 3 a，内阻约为 0.025 ω)； h．定值电阻 r 1 ＝1 kω； g．定值电阻 r 2 ＝6 kω； k．滑动变阻器(5 ω，3 a)为使实验尽可能准确，电表的示数均要达到满偏的 23 以上，请你根据实验要求设计电路，并在图甲中完成实物图的连线，注意闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏。

(2)请你选择合适的器材，电压表为________，电流表为________，定值电阻为________。(请填仪器前的序号)(3)某次测量得电压表示数为 2.50 v，电流表读数如图乙所示，为________a。

(4)经分析计算，这捆导线电阻率是否达标________。(填“是”或“否”)

a．满偏电流 i g ＝100 μa 的微安表一个 b．电动势 e＝1.5 v，电阻可忽略不计的电池 c．阻值调至 14 kω 的电阻箱 r d．红、黑测试表笔和导线若干(1)根据题中信息可知原微安表的内阻 r g ＝________ω。

(2)在图甲电路的基础上，不换微安表和电池，图乙的刻度也不改变，仅增加 1 个电阻，就能改装成“r×1”的欧姆表。要增加的电阻应接在________之间。(填 a、b、c)，电阻阻值为________。(保留两位有效数字)(3)画出改装成“r×1”的欧姆表后的电路图。

5．某同学准备利用下列器材测量干电池的电动势和内电阻。

a．待测干电池两节，每节电池电动势约为 1.5 v，内阻约几欧姆 b．直流电压表 v 1、v 2，量程约为 3 v，内阻约为 3 kω c．定值电阻 r 0 未知 d．滑动变阻器 r，最大阻值 r m e．导线和开关(1)根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的电路图。

r m，再闭合开关，电压表 v 1 和 v 2 的读数分别为 u 10、u 20，则 r 0 ＝________(用 u 10、u 20、r m 表示)(3)实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表 v 1 和 v 2 的多组数据 u 1、u 2，描绘出 u 1 －u 2图象如图丙所示，图中直线斜率为 k，与横轴的截距为 a，则两节干电池的总电动势为 e＝________，总内阻 r＝________(用 k、a、r 0 表示)。

a．待测电流表(满偏电流 i m 约为 800 μa、内阻 r 1 约为 100 ω，表盘刻度均匀、总格数为n)b．电流表(量程为 0.6 a、内阻 r 2 ＝0.1 ω)c．电压表(量程为 3 v、内阻 r v ＝3 kω)d．滑动变阻器 r(最大阻值为 20 ω)e．电源 e(电动势为 3 v、内阻 r 约为 1.5 ω)f．开关 s 一个，导线若干(1)该小组设计了图甲、图乙两个电路图，其中合理的是________(选填“图甲”或“图乙”)。

(2)所选合理电路中虚线图处应接入电表________(选填“b”或“c”)。

(3)在开关 s 闭合前，应把滑动变阻器的滑片 p 置于________端(选填“a”或“b”)。

(4)在实验中，若所选电表的读数为 z，电流表 的指针偏转了 n 格，则可算出待测电流表的满偏电流 i m ＝________。

参考答案 1．解析(1)本着先串后并的原则，先连接供电电路，后连接测量电路。(2)闭合开关前，要求测量电路的两端电压为零，故应将滑片 p 置于 d 端。(3)单位长度的电压 u＝ 0.50×50.5 v/m＝5 v/m。

(4)①若电流表内阻不计，由串并联电路的特点可得：

12 i 1 r＝i 2 r x，解得：r x ＝i 1 r2i 2 ＝2.5 ω；②若电流表的内阻不能忽略，由串并联电路的特点可得：i 1 r a1 ＋ul＝i 2(r x ＋r a2)，解得：l＝ rx ＋r a2ui 2 － i 1 r a1u，故电流表a 1 有内阻，图线不过原点。因为 rx ＋r a2u＝k，解得：r x ＝ku－r a2 ＝ku－r a。

答案(1)如图(2)d(3)5(4)2.5 ω 电流表 a 1 有内阻 ku－r a 2．解析(1)由图象可知，图象的斜率表示电阻，根据欧姆定律 r＝ ui知，小灯泡的电阻随电压增大而增大；由图可知，测量电流的最大值约为 0.5 a，故滑动变阻器只能选择 e;(2)根据原理可得出对应的实物图，如图所示；(3)若把 ab 间的导线误接在 ac 之间，则当变阻器滑动触头在变阻器中间时阻值最大 r＝ 52 ω＝2.5 ω，此时小灯泡功率最小，把变阻器与电源内阻看成为等效电源的内阻，其电动势为 3 v，内阻为 4 ω，则短路电流 i 短 ＝ 34 a＝0.75 a，在小灯泡的 u－i 图象中，连接 i＝0，u＝3 v 与 i＝0.75 a，u＝0 这两点，画出表示电源的 u－i 图象，读出两图线的交点坐标为 u＝1.40 v，i＝0.40 a，则小灯泡的最小功率为 p＝ui＝1.40×0.40 w＝0.56 w。

答案(1)增大 e(2)如解析图所示(3)0.56(0.54～0.58 都对)3．解析(1)该电线的电阻约为 r x ＝ρ ls ＝1.7 ω，小于滑动变阻器的全电阻，故滑动变阻器采用限流式接法，闭合开关前应将滑动触头滑至接入阻值最大(左)端，电压表 v 1 的量程太小，有被烧坏的危险，而 v 2的示数又太大，示数达不到满量程的 23 以上，故应把 r 2与 v 1 串联起来，扩大其量程，电流表采用外接法，测量电路如图所示。

(2)由(1)分析可知电压表选 c(即 v 1)电流表选 f(a 2)、定值电阻选 g(r 2)(3)电流表的读数 i＝2.50 a(4)被测电线的电阻 r＝ ui＝ 2×2.502.5 ω＝2.0 ω 电阻率 ρ＝ rsl＝ 2.0×10－ 6100 ω·m＝2.0×10－ 8 ω·m1.7×10 － 8 ω·m，故该铜质导线不达标。

答案(1)(2)c f g(3)2.50(4)否 4．解析(1)根据“使用中发现这个欧姆表用来测量阻值为 10 kω～20 kω 范围内的电阻时精确度令人满意”说明在测阻值在 10 kω～20 kω 的电阻时欧姆表的指针在刻度盘的中间附近，由此可结合刻度盘确定此表的中值电阻，即表内总电阻约为 r 总 ＝15 kω。当表笔短接时，电流满偏，根据欧姆定律有 i g ＝er＋r g代入 e、r、i g 的值可得，r g ＝1 kω。

(2)要把原表改装成“r×1”的欧姆表，就要减少表的内阻，依题意，显然只有在 ac 之间并联一个小电阻r′，才能使表内总电阻等于中值电阻 r 并 ＝15 ω。根据 r 并 ＝ r′（r＋rg）r′＋r＋r g，代入 r 以及 r g 的数值可计算得r′≈15 ω(保留两位有效数字)。

(3)画出改装成“r×1”的欧姆表后的电路图如图所示。

r 0 ＝ u20 －u 10u 10r m＝ u20 －u 10u 10r m(3)电路中的电流 i＝ u2 －u 1r 0① 由闭合电路欧姆定律得 e＝u 2 ＋ir② 联立①②式解得 u 1 ＝ r0 ＋rru 2 － r 0re③ 由③式与图丙对比可得电源电动势 e＝kak－1 总内阻 r＝r 0k－1 答案(1)如图所示(2)u20 －u 10u 10r m(3)kak－1 r 0k－1 6．解析(1)由于待测电流表的量程较小，而内阻大于滑动变阻器的最大阻值，为了减小误差，应选用乙电路图。(2)由于两块电流表的量程差距较大，只能选用电压表当电流表使用，故选 c。(3)乙电路图中滑动变阻器采用的是分压式接法，在闭合开关前，要求测量电路的分压为零，故滑动变阻器的滑片 p 应置于 b 端。(4)根据串联电路的特点，可得：zr v ＝i m nn，解得：i m ＝znnr v(zn3 000n 也对)。

答案(1)图乙(2)c(3)b(4)znnr v(zn3 000n 也对)

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高考物理习题精选 电 学实验 2 2 1．一同学用游标卡尺测一根金属管的深度时，游标卡尺上的游标尺和主尺的相对位置如图甲所示，则这根金属管的深度是________cm；该同学又利用螺旋测微器测量一金属板的厚度为 5.702 mm，则图乙中可动刻度 a、b 处的数字分别是________、________。

a．电流表 a(量程：0～3 ma，内阻 r a ＝15 ω)b．定值电阻 r 1 ＝1 985 ω c．滑动变阻器 r(0～10 ω)d．电压表 v(量程：0～12 v，内阻 r v ＝1 kω)e．蓄电池 e(电动势为 12 v，内阻 r 很小)f．开关 s 一个 g．导线若干(1)要精确测定节能灯正常工作时的电阻应采用下面电路图中的________。

(2)选择正确电路进行实验，若电压表的示数用 u 表示，电流表的示数用 i 表示，写出测量节能灯电阻的表达式 r x ＝________(用题目中给的相应字母表示)。当电流表中的电流强度 i＝________ma 时，记下电压表的读数 u 并代入表达式，其计算结果即为节能灯正常工作时的电阻。

电池组 e(电动势为 3.0 v，内阻约为 1 ω)； 电流表 a 1(量程 0～100 ma，内阻约为 5 ω)； 电流表 a 2(量程 0～0.6 a，内阻约为 0.2 ω)； 电阻箱 r(0～999.9 ω)； 开关、导线若干。

实验操作步骤如下：

a．用螺旋测微器在电阻丝上三个不同的位置分别测量电阻丝的直径。

b．将选用的实验器材，按照图甲连接实验电路。

c．调节电阻箱使其接入电路中的电阻值较大。

d．将金属夹夹在电阻丝上某位置，闭合开关，调整电阻箱的阻值，使电流表满偏，然后断开开关。记录电阻箱的电阻值 r 和接入电路的电阻丝长度 l。

e．改变金属夹与电阻丝接触点的位置，闭合开关，调整电阻箱的阻值，使电流表再次满偏。重复多次，记录每一次电阻箱的电阻值 r 和接入电路的电阻丝长度 l。

f．断开开关，整理好器材。

(1)某次测量电阻丝直径 d 时，螺旋测微器示数如图乙所示，则 d＝__________mm；(2)实验中电流表应选择__________(选填“a 1 ”或“a 2 ”)；(3)用记录的多组电阻箱的阻值 r 和对应的接入电路中电阻丝长度 l 的数据，绘出了如图丙所示的 r－l 关系图线，图线在 r 轴的截距为 r 0，在 l 轴的截距为 l 0，再结合测出的电阻丝直径 d，写出电阻丝的电阻率表达式 ρ＝________(用给定的物理量符号和已知常数表示)。

(4)本实验中，电流表的内阻对电阻率的测量结果________(选填“有”或“无”)影响。

4．在“绘制小灯泡的伏安特性曲线”的实验中。

甲(1)小王同学根据实验测得的数据，描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图甲(不是过原点的直线)，请你解释形成的原因：____________________________________。

(2)若把 3 个这样完全相同的小灯泡串联后，接到 6 v 的恒压电源后，求每个小灯泡的电阻为________ω，每个小灯泡上消耗的电功率 p＝________w。

乙(3)如图乙，若电源的电动势和内阻分别为 e＝1.5 v，r＝1.0 ω，保护电阻(与电源串联使用，防止电路中电流过大)为 r＝ 23 ω，则将三个这样完全相同的小灯泡并联后，再接入电路，则三个小灯泡消耗的总功率为 p 总 ＝________w。(结果保留两位有效数字)5．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，得出伏安特性曲线如图甲所示。所用小灯泡的额定电压是 3.0 v。

(1)画出实验电路图。

(2)将实物图乙连接成实验电路。

(3)根据图甲，该小灯泡在电压为 2.8 v 时的实际电阻为________ ω(结果保留三位有效数字)。

(4)关于该实验的系统误差，下列判断正确的是________。

a．电压表(0～3 v，内阻 6 kω)b．电压表(0～15 v，内阻 30 kω)c．电流表(0～3 a，内阻 0.1 ω)d．电流表(0～0.6 a，内阻 0.5 ω)e．滑动变阻器(10 ω，2 a)f．滑动变阻器(200 ω，0.5 a)g．蓄电池(电动势 6 v，内阻不计)(1)用如图甲所示的电路进行测量，电压表应选用________，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________。(用序号字母代表)(2)通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为________ ω。

(3)若将此灯泡与电动势为 6 v、内阻不计的电源相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为________ ω 的电阻。

参考答案 1．解析 图中游标卡尺主尺读数为 10 mm，20 分度游标尺精确度为 0.05 mm，游标尺上第 12 条刻度线与主尺对齐，故游标尺读数为 12×0.05 mm＝0.60 mm，所以金属管深度为 10.60 mm＝1.060 cm。螺旋测微器固定刻度部分读数为 5.5 mm，可动刻度最小分度值为 0.01 mm，可动刻度部分读数应为 20.2×0.01，因此 a 处数字应为 20，b 处数字为 25。

答案 1.060 20 25 2．解析(1)实验中将电压表当做电流表使用，电流表与定值电阻串联后当做电压表使用，根据两表的内阻及节能灯的阻值关系可确定电路应采用外接方式，故选择 c。

(2)由电路的结构可知，r x ＝ i（r1 ＋r a）ur v －i＝ irv（r 1 ＋r a）u－ir v，节能灯的额定电压为 3 v，对应电流表电流为1.5 ma。

答案(1)c(2)irv（r 1 ＋r a）u－ir v 1.5 3．解析(1)螺旋测微器的读数 d＝0.5 mm＋23.0×0.01 mm＝0.730 mm；(2)根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流 i max ＝er x ＋r ＝31＋20 a＝143 ma，所以电流表应选 a 1 ；(3)根据闭合电路欧姆定律得 i g ＝er＋r x ＋r，则 r＝ei g －r－r x，根据电阻定律应得 r x ＝ρl14 πd2，联立以上两式可得 r＝－4ρπd 2 l＋ei g －r，根据函数斜率的概念得4ρπd 2 ＝r 0l 0，解得 ρ＝r 0 πd 24l 0；(4)本题中若考虑电流表内阻 r a，可将电流表内阻看作电源内阻的一部分，则有 r＝－4ρπd 2 l＋ei g －(r＋r a)，对图象的斜率没有影响，即电流表内阻对电阻率的测量结果无影响。

答案(1)0.728～0.732(2)a 1(3)πd24l 0 r 0(4)无 4．解析(1)随灯泡电压与电流的增大，灯泡实际功率增大，导致灯泡温度升高，灯丝电阻变大，i 与 u不成正比，因此灯泡的 i－u 图象不是直线，是曲线。(2)3 个灯泡串联接到 6 v 恒压电源两端，则每个灯泡分压 2 v，从图中看到，此时对应的电流为 0.259 a，则每个灯泡电阻为 r＝ ui＝7.7 ω，每个小灯泡消耗的功率 p＝ui＝0.52 w。(3)当将三个灯泡并联与电源和保护电阻相连时，三个灯泡消耗的总功率 p＝(er＋r＋r 并)2 r并 ＝1.523 ＋1.0＋7.732× 7.73 w＝0.32 w。

答案(1)温度升高，小灯泡电阻增大(2)7.7 0.52(3)0.32(0.30～0.35 均对)5．解析(1)描绘小灯泡的伏安特性曲线，由 i－u 图线可知：要求小灯泡两端的电压从 0 开始调节，则滑动变阻器起分压作用，而一般小灯泡的电阻较小，则电流表外接，如答案图所示。

(2)实物连线时，本着先串后并的原则，要求导线不相交。由于小灯泡的额定电压为 3.0 v，则电压表的量程选择 3 v，由 i－u 图象数据可知：电流表的量程选择 0.6 a。

(3)由 i－u 图象可知：当小灯泡两端电压 u＝2.8 v 时，其电流为 0.26 a，则 r＝ ui＝10.8 ω。

流越大，该实验的系统误差越大，故选项 a 正确。

答案(1)如图所示(2)如图所示(3)10.8(4)a 6．解析 由题中分压外接电路及所给小灯泡的相关数据可知电压表应选择 a，电流表应选择 d，滑动变阻器应选择 e；由灯泡伏安特性曲线找到 2.8 v 时小灯泡的电流，由 r＝ u li可求得电阻；若将小灯泡与 6 v 的电源连接，由 u l ＝e－er＋r 1 r 1，可解得 r 1。

答案(1)a d e(2)10(3)11.4

高考物理习题电学实验4

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高考物理习题电学实验3

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电学实验习题练